证明方程x2-1997x,1997=0无整数根(一)
一元二次方程的整数根 课后练习二及详解
学科:数学
专题:一元二次方程整数根问题
主讲教师:黄炜 北京四中数学教师
重难点易错点解析
题一:
题面:已知1是关于x的一元二次方程(m﹣1)x2+x+1=0的一个根,则m的值是( )
A. 1 B.﹣1 C. 0 D.无法确定
金题精讲
题一:
题面:关于x的一元二次方程x2mx5(m5)0的两个正实数根分别为x1,x2,且2x1+x2=7,则m的值是( )
A. 2 B. 6 C. 2或6 D. 7
满分冲刺
题一:
2题面:已知4x2ax32a0无实根,且a是实数,
化简
题二:
题面:求证:关于x的方程x(2m3)x3m10有两个不相等的实数根.
2
课后练习详解
重难点易错点解析
题一:
答案:B
详解:根据题意得:(m﹣1)+1+1=0,解得:m=﹣1.故选B.
金题精讲
题一:
答案:B
详解:∵方程x2mx5(m5)0有两个正实数根,
∴x
x1xx2m05(m5)0m5.
12
又∵2x1+x2=7,∴x1=7-m.
将x1=7-m代入方程x2mx5(m5)0,得(7m)2m(7m)5(m5)0, 解得m=2或m=6.
∵m5,∴m=6.故选B.
满分冲刺【证明方程x2-1997x,1997=0无整数根】
题一:
答案:a+3
详解:方程4x22ax32a0无实根,∴b24ac(2a)244(32a)0,即a28a120,解得2a6,当2a6时,
4a212a9a212a36(2a3)2(a6)22a36aa3. 题二:
答案:原方程有两个不相等的实数根
详解:b24ac(2m3)24(3m1)4m212m912m44m213, ∵4m20,
∴b24ac4m2130,
∴原方程有两个不相等的实数根.
证明方程x2-1997x,1997=0无整数根(二)
讲义-一元二次方程(二)
板块一:课内基础拔高
8.一元二次方程的根与系数的关系(韦达定理):
如果ax2bxc0(a0)的两个根是xbc
1,x2,则x1x2ax1x2a
。
【例1】⑴关于x的方程2x2+kx-4=10的一个根是-2,则方程的另一根是 ;
k=。
⑵已知方程x2-3x+m=0的一个根是1,则它的另一个根是 _____ ,m的值是___________。
⑶如果方程x2+mx=1的两个实根互为相反数,那么m的值为( ) A.0 B.-1 C.1 D.±1
⑷已知方程x2-mx+45=0的两实根差的平方为144,则m= 。
【例2】设x1,x2是方程x2-4x+2=0的两根,则
①1x1
=; ②x1x2= 1x2
③(x11)(x21)=【证明方程x2-1997x,1997=0无整数根】
1
【例3】x1、x2是方程x2-3x-5=0的两个根,不解方程,求下列代数式的值:
⑴x221x2
⑵x212x223x2
【例4】已知x1、x2是方程x2-3x+1=0的两根,则4x2112x211的值为。
【例5】已知关于x的方程x2+2(m+2)x+m2-5=0有两个实数根,并且这两个根的平方和
比这两个根的积大16,求m的值。
【例6】已知关于x的方程x2+3x+a=0的两个实数根的倒数和等于3,求关于x的方程。
【例7】证明:方程x2-1997x+1997=0无整数根。
2
证明方程x2-1997x,1997=0无整数根(三)
求一元二次方程的整数根
求一元二次方程的整数根
对于一元二次方程ax2+bx+c=0(a≠0)的实数根的情况,可以用根的判别式∆=b2−4ac来判别,但对于它的有理数根、整数根的情况,就没有统一的方法来判别,只能对具体问题寻找具体解题方法.本文约定方程的两根为x1、x2(x1≤x2).
1 直接求解
对于一元二次方程ax2+bx+c=0(a≠0)能用因式分解法变形为a(x−x1)(x−x2)=0的,可直接求出原方程的两根,再对两根进行讨论.
例1 设y=ax2+bx+c.已知:x=1时,y=0;x=-1时,y为偶数.求证:方程x2−(a+b+c)x+ba+bc=0的两个根是整数根.(1993,四川省初中数学竞赛)
证明:将方程x2−(a+b+c)x+ba+bc=0分解为(x−b)(x−a−c)=0.
有 x1=b, x2=a+c.
由x=1,y=0得a+b+c=0;
由x=-1,y为偶数,设y=2n(n为整数),则a−b+c=2n.
解得b=-n,a+c=n,均为整数.
所以方程x2−(a+b+c)x+ba+bc=0的两个根是整数根.
例2 m是什么整数时,方程(m2−1)x2−6(3m−1)x+72=0有两个不相等的正整数根?(1993,天津市初二数学竞赛决赛)
解:显然m≠±1.原方程可分解为[(m−1)x−6][(m+1)x−12]=0,
有 x1=6
m−1, x2=12m+1
∵ x1,x2为正整数,
∴m−1=1,2,3,6且m+1=1,2,3,4,6,12.解得m=2或m=3.
但m=3时, x1=x2,应舍去.
故m=2为所求.
2 利用判别式
对于一元二次方程ax2+bx+c=0(a≠0),如果∆是关于参数的次数不高于2的多项式时,可利用判别式进行讨论.
例3 设m为整数,且4<m<40,又方程x2−2(2m−3)x+4m2−14m+8=0有两个整数根.求m的值及方程的根. (1993,天津市初二数学竞赛决赛)
解:由∆=[−2 2m−3 ]2−4(4m2−14m+8)=4(2m+1)
又因为4<m<40,
所以9<2m+1<81.
而2m+1为奇数,
故2m+1=52或72.
则m=12或24.
当m=12时, x2−42x+416=0, x1=26,x2=16; 当m=24时,x2− 90x+1976=0, x1=52, x2=38. 例4 求满足方程 y4+2x4+1=4x2y的所有整数对(x,y).(1995,江苏省数学竞赛)
解:将原方程变形为2x4−4x2y+y4+1=0.
有∆=(−4y)2−8(y4+1)=-8(y2−1)2≥0,
所以(y2−1)2≤0.
故y2−1=0,即y=-1,1.
当y=-1时,原方程无解;
当y=1时,(x2−1)2=0,x=1或-1.
所以,满足原方程的所有整数对是(1,1)、(-1,1). 3 利用韦达定理
设关于x的整系数方程ax2+bx+c=0(a≠0)的两整数根满足x1+x2=- ,x1x2=- ,b、c能被a整除来aaaabcbc求解.
例 5 若k为正整数,且一元二次方程(k-1)x2−px+k=0的两个根都是正整数,则kpk(pp+kk)+(p+k)的值等于___________.
(1989,武汉市初中数学竞赛(初二))
解:由x1x2=k
k−1k
k−1为正整数.
∴k−1=1,k=2.
有x1x2=2.
∴x1=1,x2=2.
又由x1+x2=p
k−1p=3.
∴kpk(pp+kk)+(p+k)=26(33+22)+(2+3)=1989.
例 6 方程x2+ax+1=b的根是自然数.证明:a2+b2是合数. (第20届全苏数学竞赛)
证明:原方程整理为x2+ax+(1−b)=0,
于是x1+x2=-a,x1x2=1−b.
所以a2+b2=(x1+x2)2+(1−x1x2)2
=x12+2x1x2+x22+1−2x1x2+x12x22
=(1+x12)(1+x22).【证明方程x2-1997x,1997=0无整数根】
因为1+x12≥2,1+x22≥2,
所以(1+x12)(1+x22)为合数,所以a2+b2是合数. 4 构造方程
对于一元二次方程ax2+bx+c=0(a≠0),如果存在整数p,q,r满足p()+q(- =r,则可利用韦达定理,通过构造方程aacbpx1x2+q(x1+x2)=r,可求方程(px1+q)(px2+q)=pr+q2的整数解.
例7 方程x2+px+q=0的两个根都是正整数,并且p+q=1992.则方程较大根与较小根的比等于_________.
(1992,北京市初中数学竞赛初二复赛)
解:∵x1+x2=-p,x1x2=q,
∴x1x2−x1−x2= p+q=1992,
(x1−1) x2−1 =1993.
∵1993为质数,
∴x1−1=1, x2−1=1993.
∴x1=2,x2=1994.
故2=997. x1x
例8 求所有的实数k,使方程kx2+(k+1)x+(k−1)=0的根都是整数.(1993,第五届祖冲之杯初中数学竞赛)
解:由韦达定理得
x1+x2=−
x1x2=k−1kk+1k−1− k1k1−.
由x1x2−( x1+x2)=2,
有(x1−1) x2−1 =3,
则x1−1=1,x2−1=3或x1−1=−1,x2−1=−3, 所以x1=2,x2=4或x1=0,x2=−2.
故k1=−或k2=1. 715 利用整数的性质
可以利用奇偶数性质、质数性质、平方数性质解题.
例9 如果方程x2 +2kx+2t−1=0(k与t都是整数)有整数根α,则它的另一个根β必是下列判断的( ).
(A) 不是整数
(B) 是整数,但不能判定奇数或偶数
(C) 是奇数 (D)是偶数
解:由α+β=−2k,β=−2k−α是整数,
又αβ=2t−1是奇数,
∴α,β均为奇数. 故选(C)
例10 方程x2+px+1997=0恰有两个正整数根 x1、x2,则 px1+1 (x2+1)的值是( ).
1212 (A)1 (B)−1 C − D (1997,北京市初三数学竞赛)
http://m.zhuodaoren.com/shenghuo359728/
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